2011年广东省高考高考理综物理试题含答案word版

2011年普通高等学校招生全国统一考试（广东卷）

理科综合（物理部分）

本试卷共10页，36小题，满分300分。考试用时150分钟。

注意事项： 1. 答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名和考生号、

试室号、座位号填写在答题卡上。用2B铅笔将试卷类型(A)填涂在答题卡相应位置上。将条形码横贴在答题卡右上角“条形码粘贴处”。 2. 选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选择其他答案，答案不能答在试卷上。

3. 非选择题必须用黑色字钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答的答案无效。 4. 考生必须保持答题卡的整洁。考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本大题共16小题，每小题4分。共64分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分。

2011年普通高等学校招生全国统一考试（广东卷）

理科综合（物理部分）参考答案及解析

一、单项选择题，本题共4小题，每小题4分，共16分，只有一个选项正确。

题号 答案 13 C 14 B 15 C 16 D 二、双项选择题，每小题6分，共30分。每小题有两个正确选项，每选对一项得3分，错选、不选者本小题得0分 题号 答案 17 AB 18 BD 19 AC 20 CD 21 AD 13.C 解析：铅柱由于分子间的引力而粘在一起，故C正确。

14.B解析：在M向下滑的过程中，气体体积变小，外界对气体做功，W>0，没有热交换，Q=0，由热力学第一定律UWQ，气体内能增大。故B正确。 15.C解析：由法拉第电磁感应定律En可知，C正确。 t16.D解析：把F1、F2、F3移到一个矢量三角形中，可知F3对应900, 可知F1对应600, 可知

F2对应300.故D正确。 17.AB解析：网球做平抛运动有：Lvt H12gt sL2H2可知，AB正确。 218.BD解析：由光电效应规律及光电效应方程可知AC错误，BD正确。 19.AC解析：电压、电流表表示有效值，故AC正确。由图可知频率为50Hz，由

U1n1 U2n2可知，原、副线圈匝数之比为2:1，故B错误。

20.CD解析：第一宇宙速度是最大运行速度，C正确；地球表面的重力加速度为最大运行加

速度，D正确；由GMm22m()(Rh)可知，AB错误。 2T(Rh)21.AD解析：电场由电容的正极指向负极，A正确；由电荷从电容的负极到正极，可知尘埃

带负电，电场力的方向与电场方向相反，BC错误，由F=qE及匀强电场可知，D正确。 三、非选择题 34.(18分)

（1）① 2.20 ②加速度的二分之一 0.923 (2) ①×1 7.5 ②如右图 ③ a、b

④ ab 解析：因为ab电流相距太远，可能是直线，也可能先是直线，后是曲线。 35.(18分) 解：

（1）粒子从A点射出后到外界边界射出过程，由动能定理得

qU1212mv1mv0 ① 22

解得v0v122qU ② m （2）撤去电场后，作出粒子的运动轨迹如答图1，设粒子运动的轨道半径为r，由牛顿第

2v2二定律 qBv2m ③

r由几何关系可知，粒子运动的圆心角为900，则 2r2(R2R1)2 得 r 联立③④得B2R0 ④

2mv2 ⑤ 2qR02r ⑥ v21T ⑦ 4匀速圆周运动周期T粒子在磁场中运动时间t 联立③⑤⑥⑦，得 t2R0 ⑧ 2v2 （3）要使粒子一定能够从外圆射出，粒子刚好与两边界相切，轨迹图如答图2

由几何关系可知粒子运动的轨道半径r1⑨

2v3 设此过程的磁感应强度为B1， 由牛顿第二定律qB1v3m ⑩

r1R2R1R0 2 由⑨⑩，得B1mv3 ⑾ qR0mv3 qR0所以磁感应强度应小于

36.(18分) 解：（1）设物块到达B点的速度为vB，对物块从E到B由动能定理得

2mg5Rmg2RmvB0 ①

12解得vB3gR ②

（2）假设物块与滑板达到共同速度v时，物块还没有离开滑板，对物块与滑板，由动量守恒，有 mvB(mM)v ③

设物块在滑板上运动的距离为s1，由能量守恒得mgs1 由③④，得s16Rl6.5R ⑤

即达到共同速度v时，物块不会脱离滑板滑下。

121mvB(mM)v2 ④ 22设此过程滑板向右运动的距离为s2，对滑板由动能定理得mgs2由③⑥，得s22R

1Mv2⑥ 2讨论：①当RL2R时，滑块在滑板上一直减速到右端，设此时的速度为vC，对物块由动能定理得

mg(lL)1212mvCmvB ⑦ 22解得vC(2.5RL)0

所以克服摩擦力所做的功Wfmg(lL)3.25mgR0.5mgL 设物块离开滑板沿圆轨道上升的高度为H，由机械能守恒得

12mvCmgH ⑧ 23解得HR，故物块不能滑到CD轨道中点。

4②当2RL5R时，滑块与滑板最终一起运动至滑板与C相碰，碰后滑块在滑板上

继续做减速运动到右端，设此时的速度为vC1 ，对物块由动能定理得

mg(ls2)解得vC11212mvC1mvB ⑨ 22gR0 2所以克服摩擦力所做的功Wfmg(ls2)4.25mgR 设物块离开滑板沿圆轨道上升的高度为h，由机械能守恒得

12mvC1mgh ⑩ 2R解得hR，故物块不能滑到CD轨道中点。

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